从SAP Data Service获取文件名 - EasySAP

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从SAP Data Service获取文件名

2020-09-19 22:21发布

站内问答 / DATA

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加入QQ群：457200227（SAP S4 HANA技术交流）群内免费提供SAP练习系统（在群公告中）

您好，我无法从包含date_time格式的数据服务中读取文件名，我可以读取日期，但时间可以更改，我尝试在平面文件的文件名属性上使用* .csv，但这是静态文件名。

文件示例：File_20180520_200003.csv，File_20180519_192503.csv等。

我的脚本：

  $ Filename ='File_'||  to_char（sysdate（）-1，'YYYYMMDD'）||  '_'||  '* .csv';

我想找到一种读取6位数字（任何数字）*的解决方案。

谢谢

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我的脚本：

  $ Filename ='File_'||  to_char（sysdate（）-1，'YYYYMMDD'）||  '_'||  '* .csv';

我想找到一种读取6位数字（任何数字）*的解决方案。

谢谢

2条回答

亦是此间程序员

1楼-- · 2020-09-19 22:42

你好

使用您的示例，我创建了一个名为$ Filename的全局变量的测试作业。我工作开始时的脚本设置了变量：

$ Filename ='File_'|| to_char（sysdate（）-1，'YYYYMMDD'）|| '_'|| '* .txt';

print（$ Filename）;

然后，我创建了一种文件格式，并指向了我的计算机上名为File_20180519_192503.txt的本地文件，以便导入架构。请注意，在导入架构之后，我真的可以在此处为文件名添加任何内容，例如File_111_1.txt。我也可以手动构建模式。

我在脚本之后添加了数据流，并使用了刚创建的文件格式作为源>双击将其打开>将文件名更改为全局变量$ Filename>运行作业>成功完成并将数据加载到目标临时表。

最好

克里斯塔（Christa）

2楼-- · 2020-09-19 22:50

感谢您测试我的问题。

最后，我找到了使用的解决方案

$ Csv = word（exec（'cmd'，'dir/b [$ Filename] *。csv'，8），2）;

在平面文件（文件名属性）上，我添加了$ Csv

它工作正常。

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